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請問巫師 #278

在擲骰子遊戲中,對 p 點進行看跌投注和對 o 點進行賠率投注的綜合莊家優勢的一般公式是什麼?

SONBP2

對於 4 到 6 點:((7-p)/(5+p))*(1/(1+o))

對於 8 到 10 分: ((p-7)/(19-p))*(1/(1+o))

這個問題是在我的同伴網站Wizard of Vegas的論壇中提出並討論的。

在2011年11月6日公羊隊對紅雀隊的比賽中,公羊隊在第三節拿下兩次安全分。這個機率是多少?

anonymous

根據歷史經驗,每場比賽至少有一次安全得分的機率為 5.77%。

每場比賽的預期安全次數為 -ln(1-0.0577) = 0.0594。

每隊每季的預期人數為 0.0594/8 = 0.0074。

同一支球隊在單一季度中恰好有兩次安全得分的機率為 e -0.0074 ×0.0074 2 /fact(2) = 36,505 分之一。

NFL一個賽季有267場比賽,球隊有267×8=2136個賽季。所以,根據我的估計,這種情況平均每36505/2136=17.1年就會發生一次。

這應該只是一個粗略的猜測。為了簡單起見,我沒有考慮遊戲中的一些因素。

如果擲骰子時兩顆骰子點數相同,會發生什麼狀況?這算有效擲骰嗎?如果有效,荷官會如何透露下方骰子點數是多少?

boxman4

是否判定為有效擲骰取決於您所在地區。新澤西州博彩法規 19:47-1.9(a) 規定:

當其中一個或兩個骰子離開桌面,或一個骰子停在另一個骰子上面時,擲骰子無效。 ——新澤西州 19:47-1.9(a)

賓州有完全相同的規定, 即第 537.9(a) 條

當其中一個或兩個骰子離開桌面,或一個骰子停在另一個骰子上面時,擲骰子無效。 ——PA 537.9(a)

我問過一位拉斯維加斯的骰子荷官,他說如果擲骰子的結果在其他方面都正確,那麼這就算有效擲骰。雖然他從未見過這種情況,但他表示,如果真的發生了,荷官會簡單地移動頂部骰子,看看底部骰子落在哪個數字上。然而,人們可以在不觸碰或查看頂部骰子的情況下判斷底部骰子的結果。方法如下。首先,透過觀察骰子的四個面,你可以將前面兩種可能性縮小到兩種。以下是如何根據這三種可能性來判斷。

  • 1 或 6:尋找 3。若高點與 5 相鄰,則 1 位於上方。否則,如果高點與 2 相鄰,則 6 位於上方。
  • 2 或 5:尋找 3。若高點與 6 相鄰,則 2 位於上方。否則,如果高點與 1 相鄰,則 5 位於上方。
  • 3 或 4:尋找 2。如果高點與 6 相鄰,則 3 位於上方。否則,如果高點與 1 相鄰,則 4 位於上方。

這個問題是在我的同伴網站Wizard of Vegas的論壇中提出並討論的。

擲兩顆骰子,如果總數從 2 到 12 至少出現一次,則預期擲兩次骰子的次數是多少?

SixHorse

這個問題是在 TwoPlusTwo.com 上提出的, BruceZ給了正確的答案。以下解答與 BruceZ 的方法相同,值得稱讚。答案比較難,請仔細閱讀。

  1. 首先,考慮預期擲出 2 點的次數。擲出 2 點的機率是 1/36,所以平均需要擲 36 次才能擲出第一個 2 點。

  2. 接下來,考慮同時擲出 2 和 3 的預期次數。我們已經知道,平均需要擲 36 次才能擲出 2。如果在等待 2 的過程中擲出了 3,那麼就不需要再擲 3 了。然而,如果沒有,就需要擲更多次才能擲出 3。

    擲出三的機率是 1/18,所以如果先擲出二,平均需要額外擲 18 次才能擲出三。假設擲出二的方法只有一種,擲出三的方法有兩種,那麼先擲出二的機率是 1/(1+2) = 1/3。

    所以,有1/3的機率我們需要額外擲18次才能擲出3。因此,同時擲出2和3的預期次數為36+(1/3)×18 = 42。

  3. 接下來,考慮一下你還需要擲多少次才能擲出4。如果你擲出2和3的時候還沒有擲出4,那麼平均下來還需要擲12次才能擲出1次。這是因為擲出4的機率是1/12。

    那麼,先得到四,再得到二和三的機率是多少呢?首先,讓我們回顧一下當 A 和 B 不互斥時的一個常見機率規則:

    pr(A 或 B) = pr(A) + pr(B) - pr(A 和 B)

    你減去 pr(A 和 B),因為這個偶然性在 pr(A) + pr(B) 中被重複計算了。所以,

    pr(2 或 3 之前 4) = pr(2 之前 4) + pr(3 之前 4) - pr(2 和 3 之前 4) = (3/4)+(3/5)-(3/6) = 0.85。

    在擲出2和3的過程中,沒有擲出4的機率是1.0 - 0.85 = 0.15。因此,需要額外擲12次的機率為15%。因此,擲出2、3和4的預期次數為42 + 0.15*12 = 43.8。

  4. 接下來,考慮一下你還需要擲多少次才能擲出5。當你擲出2到4的時候,如果你還沒有擲出5,那麼平均來說,你需要再擲9次才能擲出1,因為擲出5的機率是4/36 = 1/9。

    在得到2、3或4之前得到5的機率是多少?一般規則是:

    pr (A 或 B 或 C) = pr(A) + pr(B) + pr(C) - pr(A 和 B) - pr(A 和 C) - pr(B 和 C) + pr(A 和 B 和 C)

    因此,pr(2 或 3 或 4 之前 5) = pr(2 之前 5)+pr(3 之前 5)+pr(4 之前 5)-pr(2 和 3 之前 5)-pr(2 和 4 之前 5)-pr(3 和 4 之前 5)+pr(2、3 和 4 之前 5) = (4/5)+(4/6)+(4/7)-(4/7)-(4/8)-(4/9)+(4/10) = 83/90。從 2 到 4 的過程中沒有擲出 4 的機率是 1 - 83/90 = 7/90。因此,有 7.78% 的可能性需要額外擲 7.2 次。因此,擲出 2、3、4 和 5 的預期次數是 43.8 + (7/90)*9 = 44.5。

  5. 繼續用同樣的邏輯,計算總數從 6 到 12 的機率。每次計算下一個數字作為最後一個數字之前的機率時,所需的計算次數大約翻倍。當總數達到 12 時,你將需要進行 1,023 次計算。

    這是 pr(A 或 B 或 C 或 ... 或 Z) 的一般規則

    pr(A 或 B 或 C 或 ... 或 Z) =
    pr(A) + pr(B) + ... + pr(Z)
    - pr (A 和 B) - pr(A 和 C) - ... - pr(Y 和 Z) 減去兩個事件的每種組合的機率
    + pr (A and B and C) + pr(A and B and D) + ... + pr(X and Y and Z) 將三個事件的每種組合的機率相加
    - pr (A 和 B 和 C 和 D) - pr(A 和 B 和 C 和 E) - ... - pr(W 和 X 和 Y 和 Z) 減去四個事件的每種組合的機率

    然後不斷重複,記住奇數事件的機率加起來,偶數事件的機率減去。對於大量可能發生的事件,這顯然會變得繁瑣,實際上需要電子表格或電腦程式。

下表顯示了每一步的預期點數。例如,擲出 2 需要擲 36 點,擲出 2 和 3 需要擲 42 點。右下角單元格顯示擲出全部 11 個點數的預期次數為 61.217385。

預期擲骰次數問題

所需最高數量可能性如果需要的話,預期的捲不需要機率所需機率預計總擲骰數
2 0.027778 36.0 0.000000 1.000000 36.000000
3 0.055556 18.0 0.666667 0.333333 42.000000
4 0.083333 12.0 0.850000 0.150000 43.800000
5 0.111111 9.0 0.922222 0.077778 44.500000
6 0.138889 7.2 0.956044 0.043956 44.816484
7 0.166667 6.0 0.973646 0.026354 44.974607
8 0.138889 7.2 0.962994 0.037006 45.241049
9 0.111111 9.0 0.944827 0.055173 45.737607
10 0.083333 12.0 0.911570 0.088430 46.798765
11 0.055556 18.0 0.843824 0.156176 49.609939
12 0.027778 36.0 0.677571 0.322429 61.217385

這個問題是在我的同伴網站Wizard of Vegas的論壇中提出並討論的。